chứng minh \(\frac{a^2}{4}+b^2+c^2\ge ab-ac+2bc\)
AD
Những câu hỏi liên quan
Cho ba số thực a, b, c. Chứng minh rằng:
\(\frac{a^2}{4}+b^2+c^2\ge ab-ac+2bc\)
\(\frac{a^2}{4}+b^2+c^2\ge ab-ac+2bc\)
\(\Leftrightarrow\frac{a^2}{4}+b^2+c^2-ab+ac-2bc\ge0\)
\(\Leftrightarrow\left(\frac{a}{2}-b+c\right)^2\ge0\) (luôn đúng)
Dấu "=" xảy ra khi \(b=\frac{a}{2}+c\)
Cho ba số thực a,b,c.Chứng minh rằng:
\(\frac{a^2}{4}+b^2+c^2\ge ab-ac+2bc\)
Giúp mình vớiiiiiiiiiiiiiiiiiiiiiiiiiiiiiii
\(\frac{a^2}{4}+b^2+c^2=\left(\frac{a}{2}\right)^2+b^2+c^2-ab+ac-2bc+\left(ab-ac+2bc\right)=\left(\frac{a}{2}-b+c\right)^2+\left(ab-ac+2bc\right)\ge ab-ac+2bc\)
Đúng 0
Bình luận (0)
Chứng minh bất đẳng thức:
\(\frac{a^2}{4}+b^2+c^2>=ab-ac+2bc\)
\(\frac{a^2}{4}+b^2+c^2\ge ab-ac+2bc\Leftrightarrow a^2+4b^2+4c^2-4ab-4ac+8bc\ge0\)
\(\Leftrightarrow\left(a-2b-2c\right)^2\ge0\)(Hiển nhiên đúng)
Do trên đây tất cả đều là BĐT tương đương nên \(\frac{a^2}{4}+b^2+c^2\ge ab-ac+2bc\)
Đẳng thức xảy ra <=> a - 2b - 2c = 0
Vậy BĐT đã cho là đúng.
Đúng 0
Bình luận (0)
với a,b,c ≥ 0 và a+b+c=3. chứng minh rằng:
(1) a/a+2bc+b/b+2ac+c/c+2ab ≥1 (2)a/2a+bc+b/2b+ac+c/2c+ab ≤ 1
Cho a, b, c là ba số thực dương thỏa mãn abc = 1. Chứng minh rằng: \(\frac{a^2}{\left(ab+2\right)\left(2ab+1\right)}+\frac{b^2}{\left(bc+2\right)\left(2bc+1\right)}+\frac{c^2}{\left(ac+2\right)\left(2ac+1\right)}\ge\frac{1}{3}\)\(\frac{1}{3}\)
Cho ba số thực dương a,b,c . Chứng minh
\(\frac{2+6a+3b+6\sqrt{2bc}}{2a+b+2\sqrt{2bc}}\ge\frac{16}{\sqrt{2b^2+2\left(a+c\right)^2}+3}\)
\(\frac{\left(2+6a+3b+6\sqrt{2bc}\right)\left(\sqrt{2b^2+2\left(a+c\right)^2}+3\right)}{2a+b+2\sqrt{2bc}}\ge16\)
Ap dung bdt amgm va bdt bunhiacpoxki taok:
\(VT=\frac{\left(2+6a+3b+6\sqrt{2bc}\right)\left(\sqrt{2b^2+2\left(a+c\right)^2}+3\right)}{2a+b+2\sqrt{2bc}}\)
\(=\left(\sqrt{2\left(b^2+\left(a+c\right)^2\right)}+3\right)\left(\frac{2}{2a+b+2\sqrt{2bc}}+3\right)\)
\(\ge\left(\sqrt{2\cdot\frac{\left(a+b+c\right)^2}{2}}+3\right)\left(\frac{2}{2a+b+b+2c}+3\right)\)
\(=\left(a+b+c+3\right)\left(\frac{1}{a+b+c}+3\right)\)
\(\ge\left(1+3\right)^2=16=VP\)
Đúng 0
Bình luận (1)
dùng bất đẳng thức cô-si và bất đẳng thức bu-nhi-a-cop-xki
Đúng 0
Bình luận (0)
VT=\(\frac{2}{2a+b+2\sqrt{2bc}}+3\)\(\ge\frac{2}{2a+2b+2c}+3\)=\(\frac{1}{a+b+c}+\frac{9}{3}\)
Áp dụng bđt cauchy-schwarzta được:
VT\(\ge\frac{\left(1+3\right)^2}{a+b+c+3}=\frac{6}{a+b+c+3}\)
ta cần chứng minh: a+b+c\(\le\sqrt{2b^2+2\left(a+c\right)^2}\)
Thật vậy ta có
\(2b^2+2\left(a+c\right)^2-\left(a+b+c\right)^2=b^2+a^2+c^2+2ac-2bc-2ab=\left(b-a-c\right)^2\ge0\)Suy ra a+b+c\(\le\sqrt{2b^2+2\left(a+c\right)^2}\)
vậy VT\(\ge VP\)
Đúng 0
Bình luận (0)
CHo a b c d là các số thực . CHứng minh các bất đẳng thức sau :
a, NẾu frac{a}{b} 1 thì frac{a}{b} frac{a+c}{b+c}
b, frac{a^2}{4}+b^2+c^2ge ab-ac+2bc
c, a^4+b^4+c^2+1ge2aleft(a^2b-a+c+1right)
d, a + b + c gesqrt{ab}+sqrt{bc}sqrt{ca} với a, b, cge0
e, a^3+b^3ge a^2b+b^2aableft(a+bright)
Giúp em với ạ ! ^_^
Đọc tiếp
CHo a b c d là các số thực . CHứng minh các bất đẳng thức sau :
a, NẾu \(\frac{a}{b}\) <1 thì \(\frac{a}{b}\) < \(\frac{a+c}{b+c}\)
b, \(\frac{a^2}{4}+b^2+c^2\ge ab-ac+2bc\)
c, \(a^4+b^4+c^2+1\ge2a\left(a^2b-a+c+1\right)\)
d, a + b + c \(\ge\sqrt{ab}+\sqrt{bc}\sqrt{ca}\) với a, b, c\(\ge0\)
e, \(a^3+b^3\ge a^2b+b^2a=ab\left(a+b\right)\)
Giúp em với ạ ! ^_^
a/ BĐT sai, với \(c=0\Rightarrow\frac{a}{b}< \frac{a}{b}\) (vô lý)
b/ \(\Leftrightarrow\frac{a^2}{4}+b^2+c^2-ab+ac-2bc\ge0\)
\(\Leftrightarrow\left(\frac{a}{2}-b+c\right)^2\ge0\) (luôn đúng)
c/ Bạn coi lại đề, trong ngoặc bên phải là \(a^2b\) hay \(ab^2\)?
d/ \(a+b+c\ge\sqrt{ab}+\sqrt{bc}+\sqrt{ca}\)
\(\Leftrightarrow2a+2b+2c-2\sqrt{ab}-2\sqrt{bc}-2\sqrt{ca}\ge0\)
\(\Leftrightarrow a-2\sqrt{ab}+b+b-2\sqrt{bc}+c+c-2\sqrt{ca}+a\ge0\)
\(\Leftrightarrow\left(\sqrt{a}-\sqrt{b}\right)^2+\left(\sqrt{b}-\sqrt{c}\right)^2+\left(\sqrt{c}-\sqrt{a}\right)^2\ge0\)
e/ Thiếu điều kiện, BĐT này chỉ đúng khi \(a+b\ge0\) (hoặc a;b không âm)
Đúng 0
Bình luận (0)
1) Cho a, b, c>0 và a+b+c=3. Chứng minh rằng: \(\frac{a}{b^3+ab}+\frac{b}{c^3+bc}+\frac{c}{a^3+ac}\ge\frac{3}{2}\)
2) Cho a, b, c >0 thỏa mãn: ab+ac+bc+abc=4. Chứng minh rằng: \(\sqrt{ab}+\sqrt{ac}+\sqrt{bc}\le3\)
1) \(\Sigma\frac{a}{b^3+ab}=\Sigma\left(\frac{1}{b}-\frac{b}{a+b^2}\right)\ge\Sigma\frac{1}{a}-\Sigma\frac{1}{2\sqrt{a}}=\Sigma\left(\frac{1}{a}-\frac{2}{\sqrt{a}}+1\right)+\Sigma\frac{3}{2\sqrt{a}}-3\)
\(\ge\Sigma\left(\frac{1}{\sqrt{a}}-1\right)^2+\frac{27}{2\left(\sqrt{a}+\sqrt{b}+\sqrt{c}\right)}-3\ge\frac{27}{2\sqrt{3\left(a+b+c\right)}}-3=\frac{3}{2}\)
2.
Vỉ \(ab+bc+ca+abc=4\)thi luon ton tai \(a=\frac{2x}{y+z};b=\frac{2y}{z+x};c=\frac{2z}{x+y}\)
\(\Rightarrow VT=2\Sigma_{cyc}\sqrt{\frac{ab}{\left(b+c\right)\left(c+a\right)}}\le2\Sigma_{cyc}\frac{\frac{b}{b+c}+\frac{a}{c+a}}{2}=3\)
Cho o dong 2 la x,y,z nhe,ghi nham