\(n_{hh}=1mol\\ n_{O_2}=2,7mol\\ C_2H_2+\dfrac{5}{2}O_2\underrightarrow{t^{^0}}2CO_2+H_2O\\ C_2H_4+3O_2\underrightarrow{t^{^0}}2CO_2+2H_2O\\ n_{C_2H_2}=a;n_{C_2H_4}=b\\ n_{hh}=a+b=1\left(1\right)\\ n_{O_2}=\dfrac{5}{2}a+3b=2,7\left(2\right)\\ \left(1\right)\left(2\right)\Rightarrow a=0,6;b=0,4\\ \Rightarrow V_{C_2H_4}=0,6.22,4=13,44L\\ V_{C_2H_2}=22,4-13,44=8,96L\\ \%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,4}{1}.100\%=40\%\\ \%V_{C_2H_2}=60\%\\ n_{CO_2}=2\left(a+b\right)=2mol\\ V_{CO_2}=2.22,4=44,8L\)

a) + b) Gọi số mol của C2H4 và C2H2 lần lượt là x và y mol
theo bài ra: x+y = 0,56/22,4 = 0,025 (mol) (1)
Pt:
C2H4 + Br2 → C2H4Br2
x mol x mol x mol
C2H2 + 2 Br2 → C2H2Br4
y mol 2y mol y mol
Số mol n Br2 = x+2y = 5,6/160 = 0,035 9mol) (2)
Giải hệ (1) và (2) ta đc: x = 0,015 và y = 0,01
=> %V C2H4 = 0,015/0,025 = 60% ; %V C2H2 = 40%
(%V = % số mol ở cùng điều kiện)

\(n_{hh}=\dfrac{0,56}{22,4}=0,025mol\)

\(n_{Br_2}=\dfrac{5,6}{160}=0,035mol\)

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{C_2H_4}=x\\n_{C_2H_2}=y\end{matrix}\right.\)

\(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)

  x           x                            ( mol )

\(C_2H_2+2Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4\)

  y           2y                               ( mol )

\(\left\{{}\begin{matrix}x+y=0,025\\x+2y=0,035\end{matrix}\right.\) \(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,015\\y=0,01\end{matrix}\right.\)

\(\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,015}{0,025}.100=60\%\)

\(\%V_{C_2H_2}=100-60\%=40\%\)

\(\left\{{}\begin{matrix}C_2H_4:x\left(mol\right)\\C_2H_2:y\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)⇒ x + y = \(\dfrac{6,72}{22,4}=0,3\left(1\right)\)

\(C_2H_4 + Br_2 \to C_2H_4Br_2\\ C_2H_2 + 2Br_2 \to C_2H_2Br_4\)

Theo PTHH : 

x + 2y = \(\dfrac{64}{160} = 0,4(2)\)

Từ (1)(2) suy ra: x = 0,2 ; y = 0,1

Vậy :

\(\%V_{C_2H_4} = \dfrac{0,2}{0,3}.100\% = 66,67\%\\ \%V_{C_2H_2} = 100\% - 66,67\% = 33,33\%\)

\(n_{CO_2}=0.3\left(mol\right)\)

\(Đặt:n_{C_2H_2}=a\left(mol\right),n_{C_2H_4}=b\left(mol\right)\)

\(n_{Br_2}=\dfrac{64}{160}=0.4\left(mol\right)\)

\(C_2H_2+2Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4\)

\(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)

\(\left\{{}\begin{matrix}a+b=0.3\\2a+b=0.4\end{matrix}\right.\)

\(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}a=0.1\\b=0.2\end{matrix}\right.\)

\(\%V_{C_2H_2}=\dfrac{0.1}{0.3}\cdot100\%=33.33\%\)

\(\%V_{C_2H_4}=66.67\%\)

\(n_{Br_2}=\dfrac{m_{Br_2}}{M_{Br_2}}=\dfrac{56}{160}=0,35mol\)

Gọi \(n_{C_2H_4}\) là x \(\Rightarrow V_{C_2H_4}=22,4x\)

       \(n_{C_2H_2}\) là y \(\Rightarrow V_{C_2H_2}=22,4y\)
\(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)

   x           x                       ( mol )

\(C_2H_2+2Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4\)

  y          2y                     ( mol )

Ta có:

\(\left\{{}\begin{matrix}22,4x+22,4y=5,6\\x+2y=0,35\end{matrix}\right.\) \(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,15\\y=0,1\end{matrix}\right.\)

\(\Rightarrow V_{C_2H_4}=22,4.0,15=3,36l\)

\(\Rightarrow V_{C_2H_2}=22,4.0,1=2,24l\)

\(\%V_{C_2H_4}=\dfrac{3,36}{5,6}.100=60\%\)

\(\%V_{C_2H_2}=\dfrac{2,24}{5,6}.100=40\%\)

nhh khí = 5,6/22,4 = 0,25 (mol)

Gọi nC2H4 = a (mol); nC2H2 = b (mol)

a + b = 0,25 (1)

nBr2 = 56/160 = 0,35 (mol)

PTHH: 

C2H4 + Br2 -> C2H4Br2

Mol: a ---> a 

C2H2 + 2Br2 -> C2H2Br4

Mol: b ---> 2b

a + 2b = 0,35 (2)

(1)(2) => a = 0,15 (mol); b = 0,1 (mol)

%VC2H2 = 0,15/0,25 = 60%

%VC2H4 = 100% - 60% = 40%

a) Các phương trình phản ứng:

C₂H₄  +  Br₂  → C₂H₄Br₂

C₂H₂  +  2Br₂ →  C₂H₂Br₄

C₂H₂   +  Ag₂O → C₂Ag₂  + H₂O            

Hay    

C₂H₂   +  2AgNO₃  +  2NH₃ → C₂Ag₂  +  2NH₄NO₃            

b) Gọi a, b, c lần lượt là số mol của CH₄, C₂H₄, C₂H₂ trong 4,3gam hỗn hợp T.

– Số mol Br_­2 = 0,15 (mol); số mol kết tủa = số mol C₂H₂ = 0,075 (mol); số mol T = 0,3 (mol). Do đó n_T = 4n_C2H2  

– Ta có hệ phương trình: 

– Suy ra % thể tích mỗi khí trong T:

%VCH₄ = 50%; %VC₂H₂ = %VC₂H₄ = 25%

\(n_{hh}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2mol\)

\(n_{Br_2}=\dfrac{48}{160}=0,3mol\)

Gọi \(\left\{{}\begin{matrix}n_{C_2H_2}=x\\n_{C_2H_4}=y\end{matrix}\right.\)

\(C_2H_2+2Br_2\rightarrow C_2H_2Br_4\)

   x           2x                         ( mol )

\(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)

  y            y                         ( mol )

Ta có:

\(\left\{{}\begin{matrix}x+y=0,2\\2x+y=0,3\end{matrix}\right.\) \(\Leftrightarrow\left\{{}\begin{matrix}x=0,1\\y=0,1\end{matrix}\right.\)

\(\rightarrow\left\{{}\begin{matrix}\%V_{C_2H_2}=\dfrac{0,1}{0,2}.100=50\%\\\%V_{C_2H_4}=100\%-50\%=50\%\end{matrix}\right.\)

Chọn B

Đáp án B

hhX gồm 0,3 mol C₂H₄; 0,15 mol C₂H₂ và 0,5 mol H₂.

Đun nóng X với Ni → hhY có d_Y/H2 = 13,3.

• Theo BTKL; m_X = m_{hh ban đầu} = 0,3 x 28 + 0,15 x 26 + 0,5 x 2 = 13,3 gam

→ n_X = 13,3 : (13,3 x 2) = 0,5 mol.

Ta có:

n_{H2phản ứng} = n_{hh ban đầu} - n_X = (0,3 + 0,15 + 0,5) - 0,5 = 0,45 mol.

n_{π trước phản ứng} = 1 x n_C2H4 + 2 x n_CH≡CH

= 0,3 + 2 x 0,15 = 0,6 mol.

→ n_{π dư} = n_{π trước phản ứng} - n_H2 = 0,6 - 0,45 = 0,15 mol

→ n_Br2 = 0,15 mol