Quy E về C₂H₃NO, CH₂, H₂O. Bảo toàn nguyên tố Natri:
n_C2H₃NO = n_C2H₄NO₂Na = 2n_Na2CO₃ = 0,44 mol. Lại có:
n_O2 = 2,25.n_C2H₄NO₂Na + 1,5.n_CH2 ⇒ n_CH2 = 0,11 mol.
⇒ n_H2O = ²⁸,42 - 0,44 × 57 - 0,11 × 14) ÷ 18 = 0,1 mol.
→ X là Gly₂ || số mắt xích trung bình = 4,4.
Lại có hexapeptit chứa ít nhất 12C ⇒ Z là pentapeptit.
→ Z là Gly₄Ala ⇒ Y phải chứa Val ⇒ Y là GlyVal.
Đặt n_X = x; n_Y = y; n_Z = z ⇒ n_C2H₃NO = 2x + 2y + 5z = 0,44.
n_H2O = x + y + z = 0,1 mol; n_CH2 = 3y + z = 0,11 mol.
||⇒ Giải hệ có: x = y = 0,01 mol; z = 0,08 mol.
%m_X = 0,01 × 132 ÷ 28,42 × 100% = 4,64%

→ Đáp án A

- Ta thấy: Gly có 2C, Ala có 3C, Val có 5C

+ X có CTPT C 4 H 8 O 3 N 2  nên là Gly-Gly.

+ Y có 7C nên chỉ có thể là Gly-Val hoặc Gly-Gly-Ala → Y có tối đa có 3 mắt xích

- Do X, Y, Z được tạo nên từ a.a có 1 nhóm NH₂ và 1 nhóm COOH nên quy đổi thành: C O N H ,   C H 2 ,   H 2 O (số mol   H 2 O  bằng tổng mol peptit)

- Bảo toàn Na →  n N a O H   =   2 n N a 2 C O 3   =   0 , 44   m o l

Sơ đồ:

+) Bảo toàn O

→  n C O N H   +   n H 2 O 1   +   n N a O H   =   n H 2 O   2   + n N a 2 C O 3   3     +   2   n C O 2 +     n H 2 O 3

→ 0,44 + y + 0,44 = y + 3.0,22 + 2(x + 0,22) + (x + 0,44) → x = 0,55

+)  m E   =   m C O N H   +   m C H 2   +   m H 2 O   →   28 , 42   =   0 , 44.43   +   14.0 , 55   +   18. y   →   y   =   0 , 1

→  n E   =   n H 2 O   =   0 , 1   m o l

- Số mắt a.a xích trung bình = n_N : n_E = 0,44 : 0,1 = 4,4

- Biện luận tìm các peptit:

+ X là đipeptit, Y có tối đa 3 mắt xích → Z có từ 5 mắt xích trở lên

+ Mặt khác Z có 11C → Z chỉ có thể là  G l y 4 A l a

+ X, Z không chứa Val → Y chứa Val → Y là Gly-Val

- Giả sử E chứa:  G l y 2   a   m o l ;   G l y − V a l   b   m o l ;   G l y 4 A l a   c   m o l

Ta lập hệ:  m E = 132 a + 174 b + 317 c = 28 , 42 n E = a + b + c = 0 , 1 n NaOH = 2 a + 2 b + 5 c = 0 , 44 → a = 0 , 01 b = 0 , 01 c = 0 , 08   

→   % m X   =   4 , 6 4%

Đáp án cần chọn là: A

Chọn A

E   →   C O N H :   a C H 2 :   b H 2 O :   c → ( 1 ) N a O H C O O N a :   a N H 2 :   a C H 2 :   b → ( 2 ) 1 , 155   m o l , t o N a 2 C O 3   +   . . . a = n C O N H / E = 2 . n N a 2 C O 3 = 0 , 44 m E = 43 a   +   14 b   +   18 c = 28 , 42 B T   e   ( 2 ) :   3 a   +   6 b   =   1 , 155 . 4 ⇒ a   =   0 , 44 b   =   0 , 55 c   =   0 , 1   M C O N H / E   =   0 , 44 0 , 1   = 4 , 4 . ⇒ Z   p h ả i   c h ứ a   4   n h ó m   C O N H   v ì X   c h ứ a   2   n h ó m   C O N H Y   c h ứ a   3   n h ó m   C O N H X :   C 4 H 8 O 3 N 2 Z :     C 4 H 8 O 3 N 2 Y :   C 7 H x O y N z ⇒ 4 = 2 + 2 11 = 2 . 4 + 3 7 = 2 + 5 = 2 . 2 + 3 ⇒ X   l à   G l y 2   ( g   m o l ) Z   l à   G l y 4 A l a   ( h   m o l ) Y   l à   G l y   V a l   ( k   m o l )   h o ặ c   G l y 2 A l a n C O N H = 2 g + 5 h + 2 k = 0 , 44 n E = g + h + k = 0 , 1 m E = 132 g + 317 h + 174 k = 28 , 42 ⇒ g = 0 , 01 h = 0 , 08 z = 0 , 01 ⇒ % X = 0 , 01 . 132 28 , 42   =   4 , 64 %

Chọn đáp án C

Quy E về C2H3NO, CH2, H2O. 

Bảo toàn nguyên tố Natri:

nC2H3NO = nC2H4NO2Na = 2nNa2CO3 = 0,44 mol. 

Lại có:

nO2 = 2,25.nC2H4NO2Na + 1,5.nCH2 

⇒ nCH2 = 0,11 mol.

⇒ nH2O = (28,42 - 0,44 × 57 - 0,11 × 14) ÷ 18 = 0,1 mol.

Dễ thấy X là Gly2 

 số mắt xích trung bình = 4,4.

Lại có hexapeptit chứa ít nhất 12C 

⇒ Z là pentapeptit.

● Dễ thấy Z là Gly4Ala 

⇒ Y phải chứa Val 

⇒ Y là GlyVal.

Đặt nX = x; nY = y; nZ = z 

⇒ nC2H3NO = 2x + 2y + 5z = 0,44.

nH2O = x + y + z = 0,1 mol;

 nCH2 = 3y + z = 0,11 mol.

 Giải hệ có: x = y = 0,01 mol; 

z = 0,08 mol.

► %mX = 0,01 × 132 ÷ 28,42 × 100% = 4,64%