Chương V. Dẫn xuất của Hiđrocacbon. Polime

Theo ý kiến của em thì chắc trong khi lên men rượu, trong rượu có cồn nên sẽ bay hơi nếu ủ thoáng khí sẽ lm cho bay hơi, giấm thì không có cồn nên sẽ ko bay hơi, e chưa lp 9=))

- Khi lên men rượu cần ủ kín vì men rượu hoạt động không cần oxi, nó chuyển hoá đường thành rượu và khí CO₂. Trong trường hợp không ủ kín rượu tạo thành sẽ tác dụng với oxi ngoài không khí tạo giấm: 

\(C_2H_5OH+O_2\rightarrow CH_3COOH+H_2O\)

- Còn khi lên men giấm thì cần oxi để oxi hoá rượu thành giấm

bài làm của Nhật Văn nên có thêm chữ kham khảo nhé!

 $C_2H_4 + Br_2 \to C_2H_4Br_2$

$n_{C_2H_4} = n_{Br_2} = 0,15.2 = 0,3(mol)$

Khí thoát ra là $CH_4$
$\Rightarrow V_{CH_4} = V_{hh} - V_{C_2H_4} = 8,96 - 0,3.22,4 = 2,24(lít)$

\(5.a.C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\\ CH_4+2O_2\rightarrow CO_2+2H_2O\\ b.m_{bình\uparrow}=m_{C_2H_4}=11,2\left(g\right)\\ \Rightarrow n_{C_2H_4}=0,4\left(mol\right)\\ n_{CO_2}=n_{CH_4}=0,4\left(mol\right)\\ Tacó\%ncũnglà\%V\\ \Rightarrow\%V_{C_2H_4}=\dfrac{0,4}{0,4+0,4}.100=50\%;\%V_{CH_4}=50\%\)

\(b.V_{rượunguyênchất}=\dfrac{400.30}{100}=120\left(ml\right)\\ D_{rượu}=\dfrac{V_{rượunguyênchất}}{V_{dungdịch}}=\dfrac{120}{400+200}.100=20^0\)

Câu 4 

a. Dẫn 2 khí cần nhận biết lội qua ống nghiệm đựng 1 ít dung dịch brom

+ Khí nào làm mất màu dung dịch Brom là Etilen

\(C_2H_4+Br_2\rightarrow C_2H_4Br_2\)

+ Khí còn lại không có hiện tượng là Metan

b. Cho quỳ tím vào từng mẫu thử

+ Quỳ hóa đỏ: Axit Axetic

+ Quỳ không đổi màu: Rượu etylic

2CH3COOH+CaCO3-to>(CH3COO)2Ca+H2O+CO2

0,4-----------------0,2----------------------------------------0,2

2CH3COOH+CaO->(CH3COO)2Ca+H2O

0,1----------------0,05

n CO2=0,2 mol

=>%m CaCO3=\(\dfrac{0,2.100}{22,8}100=87,72\%\)

=>%m CaO=12,28%

=>n CaO=0,05 mol

=>VCH3COOH=\(\dfrac{0,5}{2}=0,25l\)

a)

\(n_{CO_2}=\dfrac{4,48}{22,4}=0,2\left(mol\right)\)

PTHH: CaCO₃ + 2CH₃COOH --> (CH₃COO)₂Ca + CO₂ + H₂O

                0,2<---------0,4<------------------------------0,2

=> \(m_{CaCO_3}=0,2.100=20\left(g\right)\)

=> \(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{CaCO_3}=\dfrac{20}{22,8}=87,72\%\\\%m_{CaO}=100\%-87,72\%=12,28\%\end{matrix}\right.\)

b)

\(n_{CaO}=\dfrac{22,8-20}{56}=0,05\left(mol\right)\)

PTHH: CaO + 2CH₃COOH --> (CH₃COO)₂Ca + H₂O

            0,05---->0,1

=> \(V_{dd.CH_3COOH}=\dfrac{0,1+0,4}{2}=0,25\left(l\right)\)

c) \(\left\{{}\begin{matrix}n_{CH_3COOH}=\dfrac{a}{60}\left(mol\right)\\n_{C_2H_5OH}=\dfrac{1,5a}{46}\left(mol\right)\\n_{CH_3COOC_2H_5}=\dfrac{1,2a}{88}\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

PTHH: CH₃COOH + C₂H₅OH --H₂SO_4(đ),t^o--> CH₃COOC₂H₅ + H₂O

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{\dfrac{a}{60}}{1}< \dfrac{\dfrac{1,5a}{46}}{1}\) => HIệu suất tính theo CH₃COOH

\(n_{CH_3COOH\left(pư\right)}=\dfrac{1,2a}{88}\left(mol\right)\)

=> \(H=\dfrac{\dfrac{1,2a}{88}}{\dfrac{a}{60}}.100\%=81,82\%\)

$a\big)$

$n_{CH_3COOH}=\dfrac{100}{1000}.1=0,1(mol)$

$CH_3COOH+NaOH\to CH_3COONa+H_2O$

Theo PT: $n_{NaOH}=n_{CH_3COOH}=0,1(mol)$

$\to C\%_{NaOH}=\dfrac{0,1.40}{50}.100\%=80\%$

$b\big)$

$n_{Na_2CO_3}=\dfrac{10,6}{106}=0,1(mol)$

$2CH_3COOH+Na_2CO_3\to 2CH_3COONa+CO_2+H_2O$

Theo PT: $\begin{cases} n_{CO_2}=n_{Na_2CO_3}=0,1(mol)\\ n_{CH_3COONa}=2n_{Na_2CO_3}=0,2(mol) \end{cases}$

$\to C\%_{CH_3COONa}=\dfrac{0,2.82}{60+10,6-0,1.44}.100\%\approx 24,77\%$

a) 

\(n_{CO_2}=\dfrac{5,6}{22,4}=0,25\left(mol\right)\)

PTHH: C₆H₁₂O₆ --men rượu--> 2C₂H₅OH + 2CO₂

              0,125<---------------------0,25<-------0,25

=> \(m_{C_2H_5OH}=0,25.46=11,5\left(g\right)\)

b) \(m_{C_6H_{12}O_6\left(pư\right)}=0,125.180=22,5\left(g\right)\)

=> \(m_{C_6H_{12}O_6\left(tt\right)}=\dfrac{22,5.100}{80}=28,125\left(g\right)\)

c) \(V_{C_2H_5OH}=\dfrac{11,5}{0,8}=14,375\left(ml\right)\)

=> \(V_{rượu}=\dfrac{14,375.100}{25}=57,5\left(ml\right)\)

C2hol+soc2😘😘😘

Nó gần như bao gồm cả bài nhưng cách giải chi tiết thì bn tự lm nha 😘♥️

PTHH:

CH3COOH + Na => CH3COONa + 1/2 H2

C2H5OH + Na => C2H5ONa + 1/2 H2

Ta có: nH2 = V/22.4 = 6.72/22.4 = 0.3 (mol)

Gọi x (mol), y(mol) lần lượt là số mol phản ứng của CH3COOH và C2H5OH

Ta có: 

{60x+46y=33.2

12x+12y=0.3

⇔x=0.4,y=0.2

mCH3COOH = n.M = 0.4 x 60 = 24 (g)

mC2H5OH = n.M = 0.2 x 46 = 9.2 (g

+PTHH:

CH3COOH + C2H5OH <=> (H2SO4đ,t^o) CH3COOC2H5 + H2O

Ta có: nCH3COOH = 0.4 (mol)

nC2H5OH = 0.2 (mol)

Lập tỉ số: 0.4/1 > 0.2/1 => CH3COOH dư, C2H5OH hết

Đặt số mol của C2H5OH lên phương trình

===> nCH3COOC2H5 = 0.2 (mol)

mCH3COOC2H5 lý thuyết = n.M = 0.2 x 88 = 17.6 (g)

mCH3COOC2H5 thu được = mCH3COOC2H5 lý thuyết.H(%) = 17.6 x 80/100 = 14.08 (g)

a) Gọi số mol CH₃COOH, C₂H₅OH là a, b (mol)

=> 60a + 46b = 33,2 (1) 

PTHH: 2CH₃COOH + 2Na --> 2CH₃COONa + H₂

                      a------->a-------------------->0,5a

            2C₂H₅OH + 2Na --> 2C₂H₅ONa + H₂

                    b----->b-------------------->0,5b

=> \(0,5a+0,5b=\dfrac{6,72}{22,4}=0,3\) (2)

(1)(2) => a = 0,4 (mol); b = 0,2 (mol)

\(\left\{{}\begin{matrix}\%m_{CH_3COOH}=\dfrac{0,4.60}{33,2}.100\%=72,29\%\\\%m_{C_2H_5OH}=\dfrac{0,2.46}{33,2}.100\%=27,71\%\end{matrix}\right.\)

b) m_Na = 23.(0,4 + 0,2) = 13,8 (g)

c) 16,6g A chứa: \(\left\{{}\begin{matrix}CH_3COOH:0,2\left(mol\right)\\C_2H_5OH:0,1\left(mol\right)\end{matrix}\right.\)

PTHH: CH₃COOH + C₂H₅OH --t^o,H₂SO_4(đ)--> CH₃COOC₂H₅ + H₂O

Xét tỉ lệ: \(\dfrac{0,2}{1}>\dfrac{0,1}{1}\) => Hiệu suất tính theo C₂H₅OH

\(n_{CH_3COOC_2H_5}=\dfrac{5,28}{88}=0,06\left(mol\right)\)

PTHH: CH₃COOH + C₂H₅OH --t^o,H₂SO_4(đ)--> CH₃COOC₂H₅ + H₂O

                                      0,06<----------------------0,06

=> \(H=\dfrac{0,06}{0,1}.100\%=60\%\)

a) 

Do đốt cháy A thu được sản phẩm chứa C, H, O 

=> A chứa C, H và có thể có O

\(n_{CO_2}=\dfrac{26,88}{22,4}=1,2\left(mol\right)\Rightarrow n_C=1,2\left(mol\right)\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{10,8}{18}=0,6\left(mol\right)\Rightarrow n_H=1,2\left(mol\right)\)

Xét m_C + m_H = 1,2.12 + 1,2.1 = 15,6 (g)

=> A chứa C, H

b)

M_A = 39.2 = 78 (g/mol)

Xét n_C : n_H = 1,2 : 1,2 = 1 : 1 

=> CTPT: (CH)_n

Mà M_A = 78 (g/mol)

=> n = 6

=> CTPT: C₆H₆

d)

\(n_{C_6H_6\left(pư\right)}=\dfrac{15,6}{78}.80\%=0,16\left(mol\right)\)

PTHH: C₆H₆ + Br₂ --Fe,t^o--> C₆H₅Br + HBr

             0,16----------------->0,16
=> \(m_{C_6H_5Br}=0,16.157=25,12\left(g\right)\)

a) Bảo toàn C: \(n_C=n_{CO_2}==\dfrac{26,88}{22,4}=1,2\left(mol\right)\)

Bảo toàn H: \(n_H=2n_{H_2O}=2.\dfrac{10,8}{18}=1,2\left(mol\right)\)

Bảo toàn O: \(n_O=\dfrac{15,6-1,2.12-1,2}{16}=0\left(mol\right)\)

=> A chỉ chứa C và H

b) M_A = 39.2 = 78 (g/mol)

CTPT: C_xH_y

=> x : y = 1,2 : 1,2 = 1 : 1

=> (CH)_n = 78

=> n = 6

CTPT: C₆H₆

d) thiếu đề

help

tham khảo

tham khảo

Cách thực hiện:Bạn tiến hành pha nước nóng với nước lạnh khi có được nước ấm (từ 40 đến 50 độ C) sau đó pha loãng bột giặt vào nước.Tiếp đến ngâm quần áo dính dầu nhớt vào khoảnh 10 phút.Thực hiện bước vò nhẹ, nếu vết bẩn khó ra có thể dùng bàn chải để chà.Xả sạch quần áo với nước lạnh bình thường.