TW

Cho a,b,c>0. Chứng minh 

\(\frac{a^3}{a^2+ab+b^2}\ge\frac{2a-b}{3}\)

DH
8 tháng 8 2017 lúc 14:43

\(\frac{a^3}{a^2+ab+b^2}\ge\frac{2a-b}{3}\)

\(\Leftrightarrow\left(a^2+ab+b^2\right)\left(2a+b\right)\le3a^3\)

\(\Leftrightarrow2a^3+a^2b+ab^2-b^3\le3a^3\)

\(\Leftrightarrow-a^3+a^2b+ab^2-b^3\le0\)

\(\Leftrightarrow a^3+b^3\ge a^2b+ab^2\)

\(\Leftrightarrow\left(a+b\right)\left(a^2-ab+b^2\right)\ge ab\left(a+b\right)\)

\(\Leftrightarrow a^2-ab+b^2\ge ab\)

\(\Leftrightarrow a^2-2ab+b^2\ge0\)

\(\Leftrightarrow\left(a-b\right)^2\ge0\) (luôn đúng)

Vậy \(\frac{a^3}{a^2+ab+b^2}\ge\frac{2a-b}{3}\)

Bình luận (0)

Các câu hỏi tương tự
PA
Xem chi tiết
LA
Xem chi tiết
LN
Xem chi tiết
TH
Xem chi tiết
DA
Xem chi tiết
TM
Xem chi tiết
DP
Xem chi tiết
HL
Xem chi tiết
LK
Xem chi tiết