Lập luận của bạn OX sai.

Ta có thể giải như sau: Gọi \(S_3,S_4\)  tương ứng là diện tích tam giác \(AID,BIC\). Khi đó \(\frac{S_1}{S_3}=\frac{IB}{ID}=\frac{S_4}{S_2}\) (hai tam giác chung đường cao thì tỉ số diện tích bằng tỉ số hai đáy). Do đó \(S_1S_2=S_3S_4\). Ta có

\(S=S_1+S_2+S_3+S_4\ge S_1+S_2+2\sqrt{S_3S_4}=S_1+S_2+2\sqrt{S_1S_2}=\left(\sqrt{S_1}+\sqrt{S_2}\right)^2.\)

Từ đây ta suy ra \(\sqrt{S}\ge\sqrt{S_1}+\sqrt{S_2}.\)

1)

\(I=\int\left(cos^2x-cos^2x\cdot sin^3x\right)dx\\ =\int cos^2x\cdot dx-\int cos^2x\cdot sin^3x\cdot dx\\ =\frac{1}{2}\int\left(cos2x+1\right)dx+\int cos^2x\left(1-cos^2x\right)d\left(cosx\right)\\ =\frac{1}{4}sin2x+\frac{1}{2}+\frac{cos^3x}{3}-\frac{cos^5x}{5}+C\)

....

Thì hiện tại tiếp diễn còn được sử dụng để diễn tả hành động xảy ra trong tương lai gần đã được lên kế hoạch hoặc được thông báo trước. Câu này được hiểu là "Cô ấy sẽ đến thăm tôi vào tuần tới, như đã báo trước"

+)

Lượng HCl vừa đủ hòa tan Fe3O4 \(\Rightarrow n_{HCl}=8n_{Fe3O4}=0,8\left(mol\right)\)

Sau phản ứng sinh ra 0,1 mol FeCl2 và 0,2 mol FeCl3

0,2 mol FeCl3 hòa tan vừa hết 0,1 mol Cu

+)

Cho AgNO3 vào dd X thì xảy ra phản ứng đẩy kim loại trong muối tạo Ag và phản ứng tạo kết tủa AgCl

Bảo toàn e, ta có: \(n_{Ag\downarrow}=2n_{Cu}+n_{Fe3O4}=0,3\left(mol\right)\)

Bảo toàn nguyên tố, ta có: \(n_{AgCl\downarrow}=n_{HCl}=0,8\left(mol\right)\)

Vậy khối lượng kết tủa sau cùng là:

\(m_{\downarrow}=108n_{Ag\downarrow}+143,5n_{AgCl\downarrow}=147,2\left(g\right)\)

87 nhé! Quay 180 độ là thấy.

*) Từ hai biểu thức dòng điện, rút ra 2 kết luận sau: khi \(\omega\) thay đổi thì

+) I cực đại tăng \(\frac{I_2}{I_1}=\sqrt{\frac{3}{2}}\Rightarrow \frac{Z_1}{Z_2}=\sqrt{\frac{3}{2}}\)

+) Pha ban đầu của i giảm 1 góc bằng: \(\frac{\pi}{3}-\left(-\frac{\pi}{12}\right)=\frac{5\pi}{12}=75^0\)

tức là hai véc tơ biểu diễn Z₁ và Z₂ lệch nhau 75 độ, trong đó Z₂ ở vị trí cao hơn

*) Dựng giản đồ véc-tơ:

Trong đó: \(\widehat{AOB}=75^0\);

Đặt ngay: \(Z_1=OB=\sqrt{\frac{3}{2}}\Rightarrow Z_2=1\)

Xét tam giác OAB có \(\widehat{AOB}=75^0;OA=1;OB=\sqrt{\frac{3}{2}}\) và đường cao OH.

Với trình độ của bạn thì thừa sức tính ngay được: \(OH=\frac{\sqrt{3}}{2}\)

\(\Rightarrow R=OH=\frac{\sqrt{3}}{2}\)

*) Tính \(Z_L,Z_C\):

\(Z_1^2=R^2+\left(Z_L-Z_C\right)^2;\left(Z_L< Z_C\right)\)

\(Z_2^2=R^2+\left(\sqrt{3}Z_L-\frac{Z_C}{\sqrt{3}}\right)^2\)

Thay số vào rồi giải hệ 2 ẩn bậc nhất, tìm được: \(Z_L=\frac{\sqrt{3}}{2};Z_C=\sqrt{3}\)

*) Tính

\(\frac{R^2L}{C}=\frac{R^2\cdot\left(L\omega_1\right)}{C\omega_1}=R^2Z_LZ_C\\ =\left(\frac{\sqrt{3}}{2}\right)^2\cdot\frac{\sqrt{3}}{2}\cdot\sqrt{3}=\frac{9}{4}\)

đặt cột dọc ra tìm được c=5. thay số ta có ab57+5778=7ab5

tiếp tục tìm được b=3. thay số ta có a357+5778=7a35

cuối cùng tìm ra a=1. kiểm tra: 1357+5778=7135(đúng)

=>abc=135

\(\omega=2\pi f=\pi; T=\frac{1}{f}=2\left(s\right)\)

\(t=2,5=T+\frac{T}{4}\)

\(A=\sqrt{x^2+\frac{v^2}{\omega^2}}=4\sqrt{2}\left(cm\right)\)

Suy ra, tại t1=0, vật đang ở li độ \(x=\frac{A\sqrt{2}}{2}\) theo chiều âm

Do đó, tại t=t2, vật đã đi được 1 quãng đường là: \(S=4A+A\sqrt{2}=8+16\sqrt{2}\left(cm\right)\)

Tốc độ trung bình là: \(\overline{v}=\frac{S}{t}=\frac{8+16\sqrt{2}}{2,5}\approx12,25\)

Chọn B

"Newsreader" (n) đồng nghĩa với "Newscaster", nghĩa là "Phát thanh viên"