Chương 8. Dẫn xuất halogen. Ancol - Phenol

`a)PTHH:`

`CH_3 OH+Na->CH_3 ONa+1/2H_2 \uparrow`

`C_2 H_5 OH+Na->C_2 H_5 ONa+1/2H_2 \uparrow`

`b)n_[H_2]=[0,448]/[22,4]=0,02(mol)`

Gọi `n_[CH_3 OH]=x;n_[C_2 H_5 OH]=y`

`=>` $\begin{cases} 32x+46y=1,56\\x+y=0,02.2 \end{cases}$

`<=>x=y=0,02`

   `%m_[CH_3 OH]=[0,02.32]/[1,56].100=41,03%`

   `%m_[C_2 H_5 OH]=100-41,03=58,97%`

Gọi CTPT của A là C_nH_2n+2O

Mà: %O = 34,78%

\(\Rightarrow\dfrac{16}{12n+2n+2+16}=0,3478\Rightarrow n=2\)

Vậy: CTPT của A là C₂H₆O

Đáp án: A

\(n_{C_2H_5OH}=\dfrac{4,6}{46}=0,1\left(mol\right)\)

PT: \(2C_2H_5OH+2Na\rightarrow2C_2H_5ONa+H_2\)

Theo PT: \(n_{H_2}=\dfrac{1}{2}n_{C_2H_5OH}=0,05\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow V_{H_2}=0,05.22,4=1,12\left(l\right)\)

Đáp án: D

\(n_{C_2H_5OH}=\dfrac{4,6}{23}=0,2\left(mol\right)\\ C_2H_5OH+Na\rightarrow C_2H_5ONa+\dfrac{1}{2}H_2\\ n_{H_2}=\dfrac{0,2}{2}=0,1\left(mol\right)\\ V=V_{H_2\left(đktc\right)}=0,1.22,4=2,24\left(l\right)\\ Chọn.A\)

Anh làm lại nãy anh làm sai em hấy!

\(n_{C_2H_5OH}=\dfrac{4,6}{46}=0,1\left(mol\right)\\ C_2H_5OH+Na\rightarrow C_2H_5ONa+\dfrac{1}{2}H_2\\ n_{H_2}=\dfrac{0,1}{2}=0,05\left(mol\right)\\ V_{H_2\left(đktc\right)}=0,05.22,4=1,12\left(l\right)\\ ChọnD\)

\(n_{C_2H_5OH}=\dfrac{4,6}{46}=0,1\left(mol\right)\\ n_{C_2H_4\left(TT\right)}=\dfrac{1,792}{22,4}=0,08\left(mol\right)\\ C_2H_5OH\rightarrow\left(H^+,t^o\right)C_2H_4+H_2O\\ n_{C_2H_4\left(LT\right)}=n_{C_2H_5OH}=0,1\left(mol\right)\\ H=\dfrac{0,08}{0,1}.100\%=80\%\\ Chọn.C\)

\(n_{H_2}=\dfrac{12,32}{22,4}=0,55\left(mol\right)\)

PT: \(R\left(OH\right)_x+xNa\rightarrow R\left(ONa\right)_x+\dfrac{x}{2}H_2\)

Theo PT: \(n_{R\left(OH\right)_x}=\dfrac{2}{x}n_{H_2}\Rightarrow0,5=\dfrac{2}{x}.0,55\Rightarrow x=2,2\) = số O

\(n_{CO_2}=\dfrac{12,32}{22,4}=0,55\left(mol\right)\)

⇒ Số C = \(\dfrac{0,55}{0,25}=2,2\)

→ Số C = số O nên hh X chỉ gồm ancol no.

⇒ n_X = n_H2O - n_CO2 ⇒ n_H2O = 0,8 (mol)

BTNT O, có: 2,2n_X + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O

⇒ n_O2 = 0,675 (mol)

\(\Rightarrow V_{O_2}=0,675.22,4=15,12\left(l\right)\)

Theo ĐLBT KL, có: m_ancol + m_Na = m_cr + m_H2

⇒ m_H2 = 12,4 + 9,2 - 21,3 = 0,3 (g) \(\Rightarrow n_{H_2}=\dfrac{0,3}{2}=0,15\left(mol\right)\)

\(ROH+Na\rightarrow RONa+\dfrac{1}{2}H_2\)

\(n_{ROH}=2n_{H_2}=0,3\left(mol\right)\)

\(\Rightarrow\overline{M}_{ancol}=\dfrac{12,4}{0,3}=\dfrac{124}{3}\left(g/mol\right)\)

\(\Rightarrow M_R=24,3\left(g/mol\right)\)

→ CH₃OH và C₂H₅OH

\(ROH+Na\rightarrow RONa+\dfrac{1}{2}H_2\)

Có: m_cr - m_ancol = 22n_ROH ⇒ n_ROH = 0,15 (mol)

\(\Rightarrow M_R=\dfrac{10,05}{0,15}-17=50\left(g/mol\right)\)

Mà: 2 ancol kế tiếp nhau.

→ C₃H₈O và C₄H₁₀O.

\(n_{CO_2}=\dfrac{6,048}{22,4}=0,27\left(mol\right)\)

\(n_{H_2O}=\dfrac{6,66}{18}=0,37\left(mol\right)\)

- Ancol no ⇒ n_X = 0,37 - 0,27 = 0,1 (mol)

\(\Rightarrow\overline{C}=\dfrac{0,27}{0,1}=2,7\)

Mà: 2 ancol đều đa chức, mạch hở, cùng số nhóm OH.

→ Ancol 2 chức.

BTNT O, có: 2n_X + 2n_O2 = 2n_CO2 + n_H2O

⇒ n_O2 = 0,355 (mol) \(\Rightarrow V_{O_2}=0,355.22,4=7,952\left(l\right)\)